2020八年级物理上册期末试题含答案【通用4篇】

永立潮头逐浪高，硕果飘香又一年。中考是人生一个美好的经历，是莘莘学子兑现梦想的地方，试卷上的每一笔都凝结着你们的坚持与努力。它山之石可以攻玉，下面差异网为您精心整理了4篇《2020八年级物理上册期末试题含答案》，如果对您有一些参考与帮助，请分享给最好的朋友。

2020八年级物理上册期末试题含答案 篇一

一、单选题（每小题3分，共36分）。每小题给出的四个选项中，只有一个选项是正确的。多选、不选或错选均不得分。)

1、陶瓷已经是广西藤县的特色产业，陶瓷工业园生产的陶质砖与瓷质砖是致密程度不同，

2018年中考物理试卷答案 篇二

一、单项选择题（共10小题，20分）

1、生活中常用“引吭高歌”“低声细语“来形容声音，这里的“高”、“低”描述的是（　　）

A.音色B.音调C.响度D.频率

【考点】音调、响度与音色的区分。

【分析】声音的响度与声源振动的幅度有关，振动幅度越大，响度越大，振动幅度越小，响度越小。

【解答】解：“引吭高歌”中的“高”说明声音的响度大，“低声细语”中的“低”是指声音的响度小。

故选C.

2、如图中所示实验装置，用来研究电磁感应现象的是（　　）

A. B. C. D.

【考点】电磁感应。

【分析】四幅图中的实验装置都是体现电与磁的联系的，是电与磁这部分知识中较为相似，同时又不易区分的几个重要实验，包括电磁感应实验、电流的磁效应实验（奥斯特实验）、磁场对电流的作用实验、磁极间的相互作用实验等。

【解答】解：A、给导体通电时，原来静止在南北方向的小磁针的指向发生了偏转，说明电流周围存在磁场，即奥斯特实验；故A不符合题意；

B、将通电导体在磁场中做切割磁感线运动时，电路中产生感应电流。这是电磁感应现象；故B符合题意；

C、通电导体在磁场的作用下转动，说明通电导体在磁场中受力的作用；故C不符合题意；

D、磁体的磁极相互作用，说明磁极间存在力的作用；故D不符合题意。

故选B.

3、在物理学的发展过程中。下列物理学家都做出了杰出的贡献。其中首次通过三棱镜发现光的色散现象的是（　　）

A.牛顿B.伽利略C.阿基米德D.奥斯特

【考点】光的色散。

【分析】要解答此题需掌握，在物理学发展的历史上做出了重要贡献的科学家。

【解答】解：A、首先用实验研究光的色散现象的是英国物理学家牛顿。故A正确。

B、伽利略用实验证实了日心说。故B错误。

C、阿基米德发现了杠杆原理和阿基米德原理，故C错误。

D、奥斯特发现了电流磁效应，故D错误。

故选A.

4、汽车已成为现代生活中不可缺少的一部分。汽油机的四个冲程中，使汽车获得动力的是（　　）

A.吸气冲程B.压缩冲程C.做功冲程D.排气冲程

【考点】内燃机的四个冲程。

【分析】在内燃机的四个冲程中有两个冲程发生能量转化，一是压缩冲程中机械能转化为内能；二是做功冲程中内能转化为机械能，在此冲程汽车获得动力。

【解答】解：

四冲程内燃机包括吸气、压缩、做功、排气四个冲程，其中压缩冲程将机械能转化为内能，做功冲程将内能转化为机械能，做功冲程使汽车获得动力，故C正确。

故选C.

5、如图所示的工具，在使用过程中不省力的是（　　）

A.

用羊角锤起钉子B.

用撬棒撬物体

C.

用起子起瓶盖D.

用钓鱼竿钓鱼

【考点】杠杆的分类。

【分析】结合各个选项杠杆的使用情况，先判断杠杆在使用过程中，动力臂和阻力臂的大小关系，再判断它是属于哪种类型的杠杆。

【解答】解：

A、用羊角锤起钉子时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

B、用撬棒撬物体时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

C、用起子起瓶盖时，动力臂大于阻力臂，是省力杠杆；

D、用钓鱼竿钓鱼时，动力臂小于阻力臂，是费力杠杆。

故选D.

6、对下列常见现象的解释，正确的是（　　）

A.冬天冰冻的衣服在室外也会变干，这是因为冰升华为水蒸气

B.壶中的水烧开时，壶嘴喷出的“白气”为水蒸气

C.夏天看到冰棒冒出的“白气”，是冰棒溶化后蒸发的水蒸气

D.深秋的早晨草叶上会出现白霜，是水蒸气遇冷凝固而形成的

【考点】生活中的升华现象；液化及液化现象；生活中的凝华现象。

【分析】(1)在一定条件下，物体的三种状态﹣﹣固态、液态、气态之间会发生相互转化，这就是物态变化；

（2）物质由气态直接变为固态叫凝华，物质由固态直接变为气态叫升华；由气态变为液态叫液化，由液态变为气态叫汽化；由固态变为液态叫熔化，由液态变为固态叫凝固。

【解答】解：

A、冬天的衣服上的冰可以直接变成水蒸气，发生升华现象，故A正确；

B、壶中的水烧开时，壶嘴喷出的“白气”是水蒸气遇冷液化形成的小水滴，故B错误；

C、夏天空气温度较高，空气中的水蒸气遇到温度较低的冰棒会放出热量液化成小水滴，就是我们看到的“白气”，故C错误；

D、深秋的早晨温度较低，空气中的水蒸气会放出热量直接变成固态的小冰晶，就是我们常见到的霜，这是物质的凝华现象，故D错误。

故选A.

7、家庭厨房安装的油烟机都有照明灯和换气扇（电动机M），使用时，有时需要它们各自独立工作，有时需要它们同时工作，在如图所示的电路中，你认为符合上述要求的是（　　）

A. B. C. D.

【考点】电路图设计。

【分析】由题意可知，照明灯和换气扇都能各自独立工作，说明它们的连接方式是并联。

【解答】解：要求照明灯与风扇相互不影响，能独立工作，故应使照明灯与风扇并联，且各自的支路有一个开关控制，干路上没有开关。

故选B.

8、如图，图甲是小车甲运动的s﹣t图象，图乙是小车乙运动的v﹣t图象，由图象可知（　　）

A.甲、乙都由静止开始运动

B.甲、乙都以2m/s匀速运动

C.甲、乙两车经过5s一定相遇

D.甲车速度越来越大，乙车速度不变

【考点】速度公式及其应用。

【分析】运用图象法解答问题的一般步骤：①明确图象中横纵坐标表示的物理量分别是什么；②注意认清横坐标和纵坐标上各表示的最小分格的数值大小和单位；③明确图象所表示的物理意义；④根据图象对题目提出的问题作出判断，得到结论。

【解答】解：

A、由图可知，甲车是由静止开始运动，乙车开始计时时的速度为2m/s，不是从静止开始运动。故A错误；

B、小车甲运动的s﹣t图象是一条过原点的直线，表示随着时间的推移，甲的路程逐渐的变大，所以甲做匀速直线运动，速度为v甲= = =2m/s;

小车乙运动的v﹣t图象是一条平行于横轴的直线，表示随着时间的推移，乙的速度不变，所以乙做匀速直线运动，速度为2m/s;

所以，甲、乙都以2m/s匀速运动。故B正确；

C、甲、乙都以2m/s匀速运动，所以，如果两车反向运动，则5s可能相遇；如果两车同向运动，则两车不能相遇。故C错误；

D、甲、乙都以2m/s匀速运动，速度均不变。故D错误。

故选B.

9、小明同学身高1.80m，家里装修时要在墙上安装一个竖直的平面镜，为了能从平面镜中看到自己的全身像，平面镜的最小长度应为（　　）

A.30cmB.60cmC.90cmD.120cm

【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。

【分析】根据平面镜成像特点可知，物体与像关于平面镜对称。分别找出头顶、眼睛和脚在平面镜中的像，根据平面镜成像特点画图，结合三角形中位线可计算得平面镜长应为人身高的一半，镜的上端应在人的头顶和眼睛之间距离的中点位置的高度。

【解答】解：如图所示：

A、C、B分别表示人的头顶、眼睛和脚的位置。EF为平面镜位置，由平面镜成像特点可确定A′、C′、B′为A、C、B的像，

因为OC=OC′，所以OC= CC′根据三角形中位线的性质可知：EF= A′B′= AB，

EF为平面镜的最小长度，AB为人的身高，所以镜的长度应为人身高的一半。此人身高1.8m，则镜长最小为0.9m.

故选C.

10、自行车是一种轻便、利于环保的交通工具，从它的结构和使用来看，用到了许多物理知识，下列说法中正确的是（　　）

A.为了减小摩擦，轮胎上制有花纹

B.为了骑行省力，链条与其连接的两个齿轮组成滑轮组

C.车把上的手闸刹车系统是应用了省力杠杆及摩擦的知识

D.晚上灯光照在自行车尾部，尾灯会发光这是利用了光的折射原理

【考点】增大或减小摩擦的方法；杠杆的应用；滑轮组及其工作特点；光的反射。

【分析】自行车上应用了很多的物理知识，刹车利用杠杠和摩擦；车把是轮轴；车把手、脚蹬板、轮胎上的花纹利用了摩擦力；车座比较软是利用了压强知识等。

【解答】解：A、轮胎上制有花纹，是为了在压力一定时，通过增大接触面的粗糙程度来增大摩擦力。故A错误；

B、后轮是主动轮，用链条带动前轮转动，前后齿轮不是滑轮组，也不是为了省力，故B错误；

C、刹车时动力臂大于阻力臂，属于省力杠杆；同时也是在接触面粗糙程度一定时，通过杠杠增大了车闸和车圈之间的压力，增大了摩擦力。故C正确；

D、自行车的尾灯利用了光的反射原理工作的，射向自行车尾灯的光线经尾灯反射后进入司机的眼睛，避免交通事故的发生。故D错误。

故选C.

二、多项选择题（共7小题，28分）

11、关于近视眼和远视眼的成像特点及矫正方法，下列说法正确的是（　　）

A.近视眼成像于视网膜前，应使用凹透镜矫正

B.近视眼成像于视网膜后，应使用凸透镜矫正

C.远视眼成像于视网膜后，应使用凸透镜矫正

D.远视眼成像于视网膜前，应使用凹透镜矫正

【考点】近视眼的成因与矫正办法；远视眼的成因与矫正办法。

【分析】解答本题需掌握：近视眼是晶状体会聚能力增强，像成在视网膜的前方，应佩戴凹透镜矫正；

远视眼是晶状体会聚能力减弱，使像成在了视网膜的后面，需要佩戴凸透镜进行矫正。

【解答】解：(1)近视眼：如果晶状体的凸度过大大，或眼球前后径过长，形成的物像就会落在视网膜的前方，形成近视眼。戴凹透镜加以矫正。故A正确，B错误；

。

（2）远视眼：如果眼球晶状体的曲度过小，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。戴凸透镜进行矫正。故C正确，D错误。

故选：AC.

12、如图所示，电源电压不变，R为定值电阻，弹簧测力计下端挂一条形磁铁，且与螺线管B在同一竖直线上，将开关S闭合，条形磁铁静止时，测力计的示数为F0，则（　　）

A.在螺线管中插入铜棒后，测力计的示数增大

B.在螺线管中插入铁棒后，测力计的示数减小

C.只改变电流的方向，测力计的示数增大

D.只减小线圈的匝数，测力计的示数减小

【考点】影响电磁铁磁性强弱的因素。

【分析】先分析当开关闭合后，通过电流的磁效应判断螺线管有无磁性。然后根据电流方向，用右手螺旋定则判断出螺线管上端的极性。最后根据磁极间的相互作用规律判断弹簧测力计的示数是变大了还是变小了。

【解答】解：(1)当S闭合后，由电流的磁效应可知，通电螺线管将有磁性。

根据安培定则可知，电磁铁的上端是N极。因为同名磁极相互排斥，所以当通电螺线管产生磁性时，会与条形磁铁相互排斥。在螺线管中插入铜棒后，铜不是磁化材料，不能被磁化，所以不能使电磁铁的磁性增强，则不能使斥力增大，故测力计的示数不变，故A错误；

（2）当在螺线管中插入铁棒后，能使电磁铁的磁性增强，能使斥力增大，测力计的示数减小，故B正确；

（3）只改变电流的方向，电磁铁的磁极对调，与磁体之间由斥力变为引力，所以测力计的示数增大，故C正确；

（4）减小线圈匝数，电磁铁的磁性减弱，斥力减小，测力计的示数增大，故D错误。

故选C.

13、“安全用电，珍爱生命”是同学们应有的意识，小华同学家的配电系统如图所示，关于空气开关、电能表和漏电保护器的安装位置，下列说法正确的是（　　）

A.在①位置安装电能表B.在②位置安装空气开关

C.在③位置安装漏电保护器D.在④位置安装漏电保护器

【考点】家庭电路的连接。

【分析】为了用电安全，家庭电路的组成，一定要注意进户线、电能表、总开关、保险丝的顺序不能颠倒。

【解答】解：根据电路的组成可知，家庭电路的连接要按照进户线一电能表一总空气开关及漏电保护开关﹣用电器的安装顺序，即在①位置安装电能表，在②位置安装空气开关，在④位置安装漏电保护器，故ABD正确；

故选ABD.

14、如图所示，是一个蓄水箱示意图，箱内装满水，M、N是管内同一水平线上的两点，K是阀门，K关闭时M、N两点的压强分别是PM、PN，K打开流出水时，M、N两点的压强分别是PM′、PN′，则（　　）

A.PM=PNB.PM>PNC.PM′=PN′D.PM′>PN′

【考点】压强大小比较；流体压强与流速的关系。

【分析】根据液体压强公式分析比较K关闭时M、N两点的压强；根据流体压强与流速的关系分析比较K打开流出水时，M、N两点的压强。

【解答】解：AB、当阀门K关闭时，M、N所处的深度相同，水的密度一定，根据p=ρgh可知，K关闭时M、N两点的压强大小是PM=PN，故A正确，B错误；

CD、K打开流出水时，M处的横截面积大，N处的横截面积小，同质量的水流过时，M处的流速小，压强大，N处的流速大，压强小，即PM′>PN′。故C错误，D正确。

故选AD.

15、下列关于热现象的一些说法，你认为正确的是（　　）

A.温度高的物体比温度低的物体含有的热量多

B.冰水混合物吸收热量时，温度升高，内能增加

C.高压锅是利用了水的沸点随气压的增大而升高的原理

D.海边比沙漠昼夜温度变化小，这与水比沙石比热容大有关

【考点】比热容解释简单的自然现象；沸点及沸点与气压的关系；热量的概念；温度、热量与内能的关系。

【分析】根据对温度、热量和内能的关系，液体沸点与气压的关系，水的比热容大的理解，对选项中的描述逐一做出判断。

【解答】解：

A、热量是一个过程量，不能用“含有”、“具有”等来修饰，故A错误；

B、冰水混合物吸收热量，处于熔化过程，温度不变，内能变大，故B错误；

C、高压锅是利用了水的沸点随气压的增大而升高的原理制成的，故C正确；

D、由于水的比热容较大，和质量相同的其它物质相比，吸收相同的热量，水的温度变化小，故D正确。

故选CD.

16、建筑工地上需要将6块相同的砖从地面运送到楼頂，工人师傅利用如图所示的装置，分三次运送。第一次运1块，第二次运2块，第三次运3块，每次运送时，砖都匀速上升，绳重及摩擦均忽略不计，这三次拉力依次为F1、F2、F3，效率为η1、η2、η3，则（　　）

A.F1+F2=F3B.F1+F2>F3C.η1+η2=η3D.η1<η2<η3

【考点】滑轮组绳子拉力的计算；滑轮(组)的机械效率。

【分析】根据图示可知，作用在动滑轮上绳子的股数为2;

绳重及摩擦均忽略不计时，根据F= （G+G动）分析F1、F2、F3之间的关系；

根据η= = = = 分析η1、η2、η3之间的关系。

【解答】解：根据图示可知，作用在动滑轮上绳子的股数为2;

设一块砖的重力为G，则由F= （G+G动）可得，

F1= （G+G动），F2= （2G+G动），F3= （3G+G动）；

则F1+F2= （G+G动）+ （2G+G动）= （3G+2G动）> （3G+G动）；

因此F1+F2>F3;故A错误，B正确；

由η= = = = 可得，绳重及摩擦均忽略不计，动滑轮的重一定，物重越大，滑轮组的机械效率越大，即η1<η2<η3;故C错误，D正确。

故选BD.

17、如图所示的电路中，电源电压保持不变，R0为定值电阻，灯泡阻值不变，R为光敏电阻，其阻值随照射在它上面的光强（表示光照射强弱的物理量）减小而增大，闭合开关S，当光照増大时（　　）

A.电压表V1示数减小

B.电压表V2示数减小

C.电压表V1与电流表A示数比值不变

D.电压表V2与电流表A示数比值不变

【考点】电路的动态分析；欧姆定律的应用。

【分析】由电路图可知，R与L、R0串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测L与R两端的电压，电流表测电路中的电流，根据光敏电阻R阻值随照射在它上面的光强减小而增大可知其阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和L与R0两端的电压变化，根据串联电路的电压可知电压表V2示数的变化，然后判断电压表V2与电流表A示数比值变化，再根据欧姆定律结合L的阻值可知电压表V1与电流表A示数比值变化。

【解答】解：由电路图可知，R与L、R0串联，电压表V1测L两端的电压，电压表V2测L与R两端的电压，电流表测电路中的电流，

因光敏电阻R阻值随照射在它上面的光强减小而增大，

所以，当光照増大时，R的阻值减小，电路中的总电阻减小，

由I= 可知，电路中的电流增大，即电流表A的示数增大，

由U=IR可知，灯泡L和R0两端的电压增大，即电压表V1的示数增大，故A错误；

因串联电路中总电压等于各分电压之和，

所以，L与R两端的电压之和减小，即电压表V2的示数减小，故B正确；

则电压表V2与电流表A示数比值减小，故D错误；

由R= 可知，电压表V1与电流表A示数比值等于L的阻值，

则电压表V1与电流表A示数比值不变，故C正确。

故选BC.

三、科普阅读题（共5分）

18、阅读下列短文

三峡船闸

我国的三峡工程是举世瞩目的跨世纪工程，三峡大坝上下游的水位差最高可达113m.巨大的落差有利于生产可观的电力。但也带来了航运方面的问题：下游的船只驶往上游，怎样把这些船只举高一百多米？上游的船只驶往下流，又怎样让船只徐徐降落一百多米？解决这个问题的途径就是修建船闸。

船闸由闸室和上下流闸门以及上、下游阀门组成。如图描述了一艘轮船由上游通过船闸驶往下流的过程示意图。

三峡船闸总长1621m，是世界上最大的船闸，船只在船闸中要经过5个闸室使船依次升高（或降低），每个闸室水位闸变化超过20m，因此三峡船的闸门非常高大，首级人字闸门高近40m，宽近20m，如果平放在地面上，有两个篮球场大，倘若门外的水压在闸门上，设想有10万人每人用1000N的力来顶着门，也挡不住水的压力，可见水对闸门的压力之大，为此，三峡船闸的闸门足足有3m厚，无愧是“天下第一门”。

请回答下列问题：

（1）三峡船闸是根据　连通器　原理建造的。

（2）船只从上游经过船闸到达下游，重力势能　减小　（选填“增加”或“减小”）。

（3）一艘总重为100t的船，在闸室中缓慢上升20m，此过程中浮力对船做功为　2×107　J(g取10N/kg)

（4）若三峡大坝内蓄水深度为113m，请你估测一下，此时水对坝底产生的压强约为多少个标准大气压？　11　（结果取整数）

【考点】连通器原理；液体的压强的计算；功的计算；动能和势能的大小变化。

【分析】(1)上端开口底部连通的容器是连通器，连通器中装有同种液体静止时，液面是相平的。

（2）影响重力势能的因素是物体的质量和物体的高度；

（3）物体漂浮，浮力等于重力，然后利用W=Fs计算浮力对船做功；

（4）知道水的深度，利用液体压强公式p=ρgh求水对坝底的压强。进一步换算成大气压；

【解答】解：(1)打开阀门时，船闸的上端开口，底部连通是一个连通器，水静止时水面相平，船顺利通过，船闸是利用连通器原理工作的。

（2）船只从上游经过船闸到达下游，质量不变，高度减小，所以，重力势能减小。

（3）船闸室中漂浮，则F浮=G=mg=100×103kg×10N/kg=1×106N，

浮力对船做功：W=F浮s=1×106N×20m=2×107J;

（4）坝底所受水的压强：

p=ρgh=1.0×103kg/m3×10N/kg×113m=1.13×106Pa.

n= ≈11，相当于11个大气压；

故答案为：(1)连通器；(2)减少；(3)2×107;(4)11.

四、实验题（共20分）

19、请按照下列要求作答。

（1）读出图甲所示的体温计的录数为　37.6　℃；

（2）读出图乙所示的电阻箱的示数为　231.6　Ω。

【考点】温度计的使用及其读数；电阻。

【分析】(1)要弄清楚体温计的量程和分度值再去读数。分度值表示刻度上的一个小格表示的数值；

（2）用三角顶端所指的示数乘以下面的倍数，然后将所有的数值相加，即为该电阻箱的读数。

【解答】解：(1)体温计的一个大格表示1℃，里面有10个小格，因此它的分度值为0.1℃。因此它的读数为37℃+0.6℃=37.6℃。

（2）该电阻箱的示数为：2×100Ω+3×10Ω+1×1+6×0.1Ω=231.6Ω。

故答案为：(1)37.6;(2)231.6.

20、如图所示，甲、乙是两个相同的验电器，带有等量电荷，甲带正电，乙带负电，金属箔片都处于张开状态，下列说法正确的是 （　　）

A.若用橡胶棒连接甲、乙两验电器的金属球，则金属箔片的夹角不变

B.若用玻璃棒连接甲、乙两验电器的金属球，则金属箔片的夹角不变

C.若用金属棒连接甲、乙两验电器的金属球，则金属箔片的夹角不变

D.若用金属棒连接甲、乙两验电器的金属球，则金属箔片全部闭合

【考点】验电器的原理及使用。

【分析】容易导电的物质叫导体；不容易导电的物质叫绝缘体；正负电荷可以通过导体相互抵消。

【解答】解：

AB、因为橡胶和玻璃都属于绝缘体，因此若用橡胶棒或玻璃棒连接甲、乙两验电器的金属球时，电子不发生转移，则金属箔片的夹角不变，故AB正确；

CD、因为金属是导体，因此若用金属棒连接甲、乙两验电器的金属球时，正负电荷抵消，则金属箔片全部闭合，故C错误，D正确。

故选ABD.

21、小强同学用如图所示的装置验证平面镜成像的特点，实验步骤如下：

（1）在桌面上铺一张大纸，纸上竖立一块玻璃板作为平面镜。

（2）沿玻璃板在纸上画一条直线，代表平面镜的位置。

（3）把一支点燃的蜡烛A放在玻璃板前，再拿一支外形相同未点燃的蜡烛B，竖立在玻璃板后面慢慢移动，让B跟A的像完全重合，B所在位置就是A的像的位置。

（4）在纸上记下A、B这两个位置，分别测量出它们到玻璃板的距离。

（5）改变蜡烛A的位置，重复以上实验。

测量结果发现：蜡烛A和它的像到玻璃板的距离不相等，请你帮小强找出造成距离不相等的可能原因（写出2点）　①玻璃板与水平桌面不垂直；②玻璃板有一定的厚度　。

【考点】平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案。

【分析】实验过程中玻璃板没有竖直放置、玻璃板有一定的厚度、蜡烛没有竖直等都会造成蜡烛A和它的像到玻璃板的距离不相等。

【解答】解：若蜡烛到玻璃板的距离与像到玻璃板的距离有几组不相等，造成距离不相等的可能原因：①可能是由于实验过程中，实验中玻璃板与水平桌面不垂直，像与蜡烛没有完全重合，②没有考虑到玻璃板的厚度，③蜡烛没有竖直放置，④实验过程中玻璃板改变的位置等；

故答案为：①玻璃板与水平桌面不垂直；②玻璃板有一定的厚度。

22、小丽同学用电压表、电流表、滑动变阻器、导线、开关及干电池等实验器材，测量额定电压为2.5V的额定功率，请解答下列问题。

（1）如图是小丽同学已连接的实验电路，其中有一根导线连接错误，请在错误的导线上画“×”，并用笔划线代替导线在电路中画出正确的连线。

（2）电路连正确后，闭合开关发现小灯泡不亮，电压表示数，电流表无示数，产生这种现象的原因可能是　灯泡断路　。

（3）故障排除后，再闭合开关，移动滑动变阻器滑片，同时注意观察　电压表　（选填“电流表”或“电压表”）示数的变化，当电压达到2.5V时，电流表的示数如图所示，I=　0.32　A，小灯泡的额定功率P=　0.8　W.

【考点】电功率的测量。

【分析】(1)将电压表并接在灯和开关的两端了；

（2）电压表有示数，说明与电压表两接线柱连接的电路是通路，电流表无示数，说明电路断路，据此分析故障的可能原因；

（3）当灯的实际电压等于灯的额定电压时，灯正常发光；确定电流表的分度值，根据P=UI计算额定功率。

【解答】解：(1)将电压表并接在灯和开关的两端，在连接电路开关断开的情况下，电压表串联在电路中，电压表就有示数，不安全。故连接错误是连接电压表的右接线柱与开关的左接线柱之间的导线，改正后电路图如右图所示；

（2）灯泡不亮，电流表无示数，说明某处发生了断路，电压表示数接近电源电压，说明与电压表并联的灯泡出现了断路，产生这种现象的原因可能是灯泡断路；

（3）移动滑动变阻器滑片，同时注意观察电压表示数的变化，当电压达到2.5V时，电流表示数为0.32A（图中电流表的分度值为0.02A），灯泡的额定功率P=UI=2.5V×0.32A=0.8W.

故答案为：(1)如右上图所示；

（2）灯泡断路；

（3）电压表；0.32;0.8.

23、为了探究“弹簧的弹性势能跟哪些因素有关”，小明同学设计了如图所示的装置，并进行了如下实验。

①将弹簧放在水平面上，一端固定。

②在弹性限度内，用物块（物块与弹簧不连结）将弹簧压缩，测量并记录弹簧的形变量△L

③由静止释放物块，测量并记录物块在水平面上滑行的距离S.

④多次改变弹簧的形变量，重量步骤②③。

⑤分析实验数据得出结论。

请回答以下问题：

（1）本实验中，探究了弹簧弹性势能大小跟　弹簧形变量　的关系。

（2）本实验中，弹簧弹性势能大小是通过　物块滑行的距离　来间接反映的。

（3）本实验中，从物块离开弹簧到静止，物块将　动　能转化为　内　能。

【考点】探究影响物体势能大小的因素。

【分析】(1)根据实验步骤可知，探究弹簧弹性势能大小跟哪个个因素有关；

（2）弹性势能的大小是通过物块滑行的距离远近来比较弹性势能的多少，这种研究方法叫转换法；

（3）物块离开弹簧滑行的过程中，需要克服摩擦力做功，据此分析。

【解答】解：(1)由步骤②③可知，本实验中，探究了弹簧弹性势能大小跟弹簧形变量的关系。

（2）由于弹性势能的大小不便于用仪器直接测量，本实验是通过比较物块滑行的距离来判断弹簧的弹性势能大小。

（3）本实验中，从物块离开弹簧后，因为受到摩擦力的作用，速度减小，动能不断减小，在此过程中，木块克服摩擦力做功，物块将动能转化为内能。

故答案为：(1)弹簧形变量；(2)物块滑行的距离；(3)动；内。

五、计算题

24、电动汽车是正在大力推广的新型交通工具，它具有节能、环保的特点，如图，是一辆停放在水平地面上的电动汽车，质量为1.6×103kg，每个轮胎和地面的接触面积为2×10﹣3m2，g取10N/kg，求：

（1）车对地面的压力；

（2）车对地面的压强。

【考点】压力及重力与压力的区别；压强的大小及其计算。

【分析】(1)根据G=mg计算重力，水平地面上的物体对支撑面的压力等于其重力；

（2）已知压力和接触面积，利用公式p= 得到压强；

【解答】解：(1)车对地面的压力：

F=G=mg=1.6×103kg×10N/kg=1.6×104N;

（2）车对地面的压强：

p= = =2×106Pa.

答：(1)车对地面的压力为1.6×104N;

（2）车对地面的压强为2×106Pa.

25、某品牌的电热水器铭牌如图所示，现将水箱装满水，电热水器正常工作时，把水从25℃加热到50℃。[已知C水=4.2×103J/（kg•℃），ρ水=1.0×103kg/m3，不计热损失]。求：

（1）水吸收的热量；

（2）加热所需要的时间。

【考点】电功与热量的综合计算。

【分析】(1)根据Q=cm△t求出水吸收热量；

（2）利用水所吸收的热量计算出电热水壶做的功，由功率的变形公式可以求出加热时间。

【解答】解：

（1）由ρ= 可得，水的质量m=ρV=1.0×103kg/m3×50×10﹣3m3=50kg

水吸收的热量：

Q吸=cm（t﹣t0)=4.2×103J/(kg•℃）×50kg×（50℃﹣25℃）=5.25×106J;

（2）设所需时间为t，则由Q=W，P= ，可得，t= = =2625s.

答：(1)水吸收的热量为5.25×105J;

（2）加热所需要的时间为2625s.

26、如图所示的电路中，电源电压18V不变，灯泡上标有“6V 6W”字样，灯泡电阻不变，定值电阻R0阻值为10Ω。

（1）断开S1、S2，闭合S，移动滑片，当灯泡正常发光时，求滑动变阻器消耗的功率。

（2）闭合S、S1、S2，滑片从最右端向左移动，当连入电路的阻值等于变阻器总阻值的 时，电流表示数比滑片在最右端时变化了0.3A，保持此时滑片位置不动，求在1min内电路消耗的电能。

【考点】欧姆定律的应用；电功的计算；电功率的计算。

【分析】(1)断开S1、S2，闭合S时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，额定电压下灯泡正常发光，根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，根据串联电路的电流特点和P=UI求出电路中的电流，根据P=UI求出滑动变阻器消耗的功率；

（2）闭合S、S1、S2时，R0与R并联，电流表测干路电流，因并联电路中各支路独立工作、互不影响可知通过R0的电流不变，则干路电流表示数的变化量即为通过R电流的变化量，根据并联电路的电压特点和欧姆定律表示出电流的变化量求出滑动变阻器的最大阻值，根据电阻的并联求出电路中的总电阻，利用W= t求出在1min内电路消耗的电能。

【解答】解：(1)断开S1、S2，闭合S时，灯泡L与滑动变阻器R串联，电流表测电路中的电流，

因串联电路中总电压等于各分电压之和，且灯泡正常发光，

所以，滑动变阻器两端的电压：

UR=U﹣UL=18V﹣6V=12V，

因串联电路中各处的电流相等，

所以，由P=UI可得，电路中的电流：

I= = =1A，

滑动变阻器消耗的功率：

PR=URI=12V×1A=12W;

（2）闭合S、S1、S2时，R0与R并联，电流表测干路电流，

因并联电路中各支路独立工作、互不影响，

所以，通过R0的电流不变，

则干路电流表示数的变化量即为通过R电流的变化量，

因并联电路中各支路两端的电压相等，

所以，由I= 可得，电流表示数的变化量：

△I=△IR= ﹣ = ﹣ =0.3A，

解得：R=20Ω，

因并联电路中总电阻的倒数等于各分电阻倒数之和，

所以，电路中的总电阻：

R总= = =6Ω，

在1min内电路消耗的电能：

W= t= ×60s=3240J.

答：(1)滑动变阻器消耗的功率为12W;

（2）在1min内电路消耗的电能为3240J.

27、如图所示，在上端开口的圆柱形容器中盛有适量小，水中放置一圆柱体，圆柱体高H=0.6m，密度ρ柱=3.0×103kg/m3，其上表面距水面L=1m，容器与圆柱体的横截面积分别为S面=3×10﹣2m2，和S柱=1×10﹣2m2，现将绳以v=0.1m/s的速度竖直向上匀速提升圆柱体，直至离开水面，已知水的密度ρ水=1.0×103kg/m3，g取10N/kg，水的阻力忽略不计。

（1）在圆柱体从开始运动到上表面刚露出水面过程中，求绳拉力对圆柱体做的功；

（2）在圆柱体上表面刚露出水面到其底面离开水面过程中，求绳的拉力随时间变化关系式；

（3）在给出的坐标纸上画出(2)中绳的拉力的功率P随时间变化的图象。

【考点】阿基米德原理；功的计算；功率的计算。

【分析】(1)先求出圆柱体的体积，根据密度公式求出圆柱体的质量，根据G=mg求出重力，圆柱体完全浸没时排开水的体积和自身的体积相等，根据阿基米德原理求出受到的浮力，圆柱体的重力减去受到的浮力即为绳子的拉力，利用W=Fs求出绳拉力对圆柱体做的功；

（2）从圆柱体上表面刚露出水面时开始计时，根据v= 得出时间t内圆柱体重物上升的高度，再根据体积公式物体上升时引起液面下降的高度，从而得出圆柱体排开水的体积，根据阿基米德原理表示出圆柱体受到的浮力，然后得出绳的拉力，从而得出答案；

（3）当圆柱体离开水面时，排开水的体积为零，据此求出圆柱头疼离开水面的时间，然后根据P= = =Fv求出这段时间内拉力的功率，当圆柱体离开水面时绳子的拉力和自身的重力相等，根据P=Fv求出此时的功率，据此作出绳的拉力的功率P随时间变化的图象。

【解答】解：(1)圆柱体的体积：

V柱=S柱H=1×10﹣2m2×0.6m=6×10﹣3m3，

由ρ= 可得，圆柱体的质量：

m柱=ρ柱V柱=3.0×103m3×6×10﹣3m3=18kg，

圆柱体的重力：

G=m柱g=18kg×10N/kg=180N，

圆柱体完全浸没在水中，排开水的体积：

V排=V柱=6×10﹣3m3，

受到的浮力：

F浮=ρ水gV排=1.0×103kg/m3×10N/kg×6×10﹣3m3=60N，

则绳拉力对圆柱体的拉力：

F拉=G﹣F浮=180N﹣60N=120N，

绳拉力对圆柱体做的功：

W=F拉L=120N×1m=120J;

（2）从圆柱体上表面刚露出水面时开始计时，

由v= 可得，在时间为t时，圆柱体重物上升的高度：

h=vt=0.1m/s×t，

设水面下降的高度为h0，则

h0（S面﹣S柱）=hS柱，即h0(3×10﹣2kg/m2﹣1×10﹣2kg/m2)=0.1m/s×t×1×10﹣2kg/m2，

解答，h0=0.05m/s×t，

所以，圆柱体排开水的体积：

V排′=H•S柱﹣(h+h0)•S柱

=6×10﹣3m3﹣(0.1m/s×t+0.05m/s×t)×1×10﹣2kg/m2

=6×10﹣3m3﹣1.5×10﹣3(m3/s)×t，

圆柱体受到的浮力：

F浮′=ρ水gV排′=1.0×103kg/m3×10N/kg×[6×10﹣3m3﹣1.5×10﹣3(m3/s)×t]=60N﹣15N/s×t，

绳的拉力：

F拉′=G﹣F浮′=180N﹣(60N﹣15N/s×t)=120N+15N/s×t，

（3）当圆柱体离开水面时，排开水的体积为零，

则V排′=H•S柱﹣(h+h0)•S柱=0，即6×10﹣3m3﹣1.5×10﹣3(m3/s)×t=0，

解得：t=4s，

在0～4s内，由P= = =Fv可得，拉力的功率：

P=F拉′v=×0.1m/s=12W+1.5W/s×t，

4s以后，拉力的功率：

P=F拉″v=Gv=180N×0.1m/s=18W，

绳的拉力的功率P随时间变化的图象，如下图所示：

答：(1)在圆柱体从开始运动到上表面刚露出水面过程中，绳拉力对圆柱体做的功为120J;

（2）在圆柱体上表面刚露出水面到其底面离开水面过程中，绳的拉力随时间变化关系式为F拉=120N+15N/s×t;

（3）绳的拉力的功率P随时间变化的图象如上图所示。

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